Legendre-polinomok

Innen: Hungaropédia
A lap korábbi változatát látod, amilyen imported>Zcom09 2024. május 13., 18:29-kor történt szerkesztése után volt. (growthexperiments-addlink-summary-summary:2|1|0)
(eltér) ← Régebbi változat | Aktuális változat (eltér) | Újabb változat→ (eltér)
Ugrás a navigációhozUgrás a kereséshez

A Legendre-polinomok a Legendre-differenciálegyenlet partikuláris megoldásai. Speciális valós vagy komplex polinomok, amik ortogonális függvényrendszert alkotnak. Fontos szerepet játszanak az elméleti fizikában, különösen a kvantummechanikában és az elektrodinamikában. Adrien-Marie Legendre francia matematikus után kapták nevüket.

Származtatás

Ortogonális polinomok konstrukciója

Adva legyen az [a,b] intervallum, és egy rajta értelmezett ϱ(x) súlyfüggvény. A Pn[X] valós polinomsorozat ortogonális, ha teljesíti az

abϱ(x)Pn(x)Pm(x)dx=0

ortogonalitási relációt minden m,n0 mn-re. Az I=[1,1] intervallum a ϱ(x)=1 súlyfüggvénnyel ugyanazokat az ortogonális polinomokat adja, mint amiket a Gram-Schmidt ortogonalizáló eljárás iteratív alkalmazása a (xn)n monomokra, ha még az is teljesül, hogy Pn(1)=1.

Legendre-differenciálegyenlet

A Pn(x) Legendre-polinomok a Legendre-differenciálegyenlet megoldásai:

(1x2)f2xf+n(n+1)f=0,n0,

amelynek ekvivalens alakja

ddx[(1x2)f(x)]+n(n+1)f(x)=0

A differenciálegyenlet megoldásának általános alakja

f(x)=APn(x)+BQn(x)

ahol Pn(x) jelöli a Legendre-polinomokat, más néven az elsőfajú Legendre-függvényeket, és Qn(x) a másodfajú Legendre-függvényeket, amelyek nem polinomok.

Jellemzés

Az n-edik Legendre-polinom racionális együtthatós n-edfokú polinom. A Legendre-polinomok többféleképpen is számíthatók, és rekurzívan is előállíthatók. Minden gyökük valós, és az I = [ − 1,1] intervallumban van. Pn(x) két gyöke között van egy gyöke Pn+1(x)-nek. Továbbá

  • Pn(1)=1
  • Pn(x)=(1)nPn(x)
  • P2n+1(0)=0

Teljes ortogonális rendszer

A Legendre-polinomok teljes ortogonális rendszert alkotnak a f,g=11f(x)g(x)dx skalárszorzattal ellátott

V:=L2([1,1];) Hilbert-téren.

Az ortogonalitás azt jelenti, hogy

Pn,Pm=0 minden mn-re.

11Pn(x)Pm(x)dx=22n+1δnm, ahol δnm a Kronecker-deltát jelöli. A teljesség azt jelenti, hogy minden fV függvény végtelen sorba fejthető a Legendre-polinomok szerint:

f(x)=n=0cnPn(x)

a cn=2n+1211f(x)Pn(x)dx együtthatókkal. A fizikában és a technikai irodalomban sokszor disztribúciós értelemben tekintik a teljességet:

n=02n+12Pn(x)Pn(x)=δ(xx),

ahol δ a Dirac-deltát jelöli.

Előállítás

Generátorfüggvény

Minden x, z, |z|<1-re

(12xz+z2)1/2=n=0Pn(x)zn.

Itt a jobb oldali hatványsor konvergenciasugara 1. Mindezek miatt a z(12xz+z2)1/2 függvényt a Pn Legendre-polinomok generátorfüggvénye.

Rodrigues-formula

Pn(x)=12nn!dndxn[(x21)n]

Egy alternatív képlet

Pn(x)=(2n)!2n(n!)2[xnn(n1)2(2n1)xn2+n(n1)(n2)(n3)24(2n1)(2n3)xn4]

Előállítás integrálként

Minden x{+1,1}-re

Pn(x)=1π0π[x+x21cosφ]ndφ

Rekurziók

A Legendre-polinomokra teljesülnek a következő rekurziók:

(n+1)Pn+1(x)=(2n+1)xPn(x)nPn1(x)(n=1,2,)
(x21)ddxPn(x)=nxPn(x)nPn1(x)

Az első rekurzió n'=n+1 helyettesítéssel a következő alakba megy át:

nPn(x)=(2n1)xPn1(x)(n1)Pn2(x)(n=2,3,)

Differenciálással y=nxn1=nx1y, illetve y(m)=(nm+1)x1y(m1) Így adódik az a rekurzió, amely magába foglalja a Legendre-polinomok deriváltjait is:

(nm)Pn(m)(x)=(2n1)xPn1(m)(x)(n1+m)Pn2(m)(x)(n,m=0,1,)

A kezdeti feltételek

Pm(m)(x)=(2m)!2mm! és Pm+1(m)(x)=(2m+1)!2mm! .

m=0-re ismét a fenti képlet adódik kezdeti feltételekkel együtt.

Aszimptotikus formulák

A generátorfüggvény szingularitás analíziséből a következő aszimptotikus formulákhoz juthatunk:

Pn(cosθ)2πnsinθsin((n+12)θ+π4),
Pn(coshθ)2πnsinhθsinh((n+12)θ),

amint n+, rögzített θ>0 számra.

Az első Legendre-polinomok

Az első néhány Legendre-polinom

Az első néhány Legendre-polinom:

P0(x)=1
P1(x)=x
P2(x)=12(3x21)
P3(x)=12(5x33x)
P4(x)=18(35x430x2+3)
P5(x)=18(63x570x3+15x)

Másodfajú Legendre-függvények

A Legendre-polinomok rekurziós képletei a másodfajú Legendre-függvényekre is teljesülnek. Így az első Legendre-függvényből kiindulva

Q0(x)=12ln(1+x1x)=artanh(x)
Q1(x)=x2ln(1+x1x)1=xartanh(x)1
Q2(x)=3x214ln(1+x1x)3x2
Q3(x)=5x33x4ln(1+x1x)5x22+23

Források